(1)
y = k ( x 2 − 1 ) + 2 x + 3 y=k(x^2-1)+2x+3 y = k ( x 2 − 1 ) + 2 x + 3 より、k k k の値によらず通る点では
x 2 − 1 = 0 , y = 2 x + 3. x^2-1=0,\qquad y=2x+3. x 2 − 1 = 0 , y = 2 x + 3.
したがって、2つの定点は
A ( − 1 , 1 ) , B ( 1 , 5 ) . \boxed{\mathrm{A}(-1,1),\quad\mathrm{B}(1,5)}. A ( − 1 , 1 ) , B ( 1 , 5 ) .
直線ABの方程式は y = 2 x + 3 y=2x+3 y = 2 x + 3 。
− 1 ≦ x ≦ 1 -1\leqq x\leqq1 − 1 ≦ x ≦ 1 において、
( 2 x + 3 ) − ( k x 2 + 2 x − k + 3 ) = k ( 1 − x 2 ) ≧ 0 (2x+3)-(kx^2+2x-k+3)=k(1-x^2)\geqq0 ( 2 x + 3 ) − ( k x 2 + 2 x − k + 3 ) = k ( 1 − x 2 ) ≧ 0
であるから、求める面積 S 1 S_1 S 1 は
S 1 = ∫ − 1 1 k ( 1 − x 2 ) d x = k [ x − x 3 3 ] − 1 1 = 4 3 k . \begin{aligned}
S_1&=\int_{-1}^{1}k(1-x^2)\,dx\\
&=k\left[x-\frac{x^3}{3}\right]_{-1}^{1}
=\boxed{\frac43k}.
\end{aligned} S 1 = ∫ − 1 1 k ( 1 − x 2 ) d x = k [ x − 3 x 3 ] − 1 1 = 3 4 k .
こさは − 1 -1 − 1 、しは 1 1 1 、すは 1 1 1 、せは 5 5 5 、そは 4 4 4 、たは 3 3 3 。
別解:1/6公式を使う
放物線の x 2 x^2 x 2 の係数は k > 0 k>0 k > 0 、交点の x x x 座標は − 1 , 1 -1,\ 1 − 1 , 1 なので、
S 1 = k 6 { 1 − ( − 1 ) } 3 = 4 3 k . S_1=\frac{k}{6}\{1-(-1)\}^3=\frac43k. S 1 = 6 k { 1 − ( − 1 ) } 3 = 3 4 k .
(2)
f ( x ) = k x 2 + 2 x − k + 3 f(x)=kx^2+2x-k+3 f ( x ) = k x 2 + 2 x − k + 3 とおくと、f ′ ( x ) = 2 k x + 2 f'(x)=2kx+2 f ′ ( x ) = 2 k x + 2 。
A、Bでの傾きはそれぞれ − 2 k + 2 , 2 k + 2 -2k+2,\ 2k+2 − 2 k + 2 , 2 k + 2 だから、
l : y − 1 = ( − 2 k + 2 ) ( x + 1 ) , m : y − 5 = ( 2 k + 2 ) ( x − 1 ) . \begin{aligned}
l:\ y-1&=(-2k+2)(x+1),\\
m:\ y-5&=(2k+2)(x-1).
\end{aligned} l : y − 1 m : y − 5 = ( − 2 k + 2 ) ( x + 1 ) , = ( 2 k + 2 ) ( x − 1 ) .
整理すると、
l : y = ( − 2 k + 2 ) x − 2 k + 3 , m : y = ( 2 k + 2 ) x − 2 k + 3. \begin{aligned}
l:\ y&=(-2k+2)x-2k+3,\\
m:\ y&=(2k+2)x-2k+3.
\end{aligned} l : y m : y = ( − 2 k + 2 ) x − 2 k + 3 , = ( 2 k + 2 ) x − 2 k + 3.
k > 0 k>0 k > 0 より、2直線の交点は ( 0 , − 2 k + 3 ) \boxed{(0,-2k+3)} ( 0 , − 2 k + 3 ) 。
また、放物線と各接線の式の差は、
f ( x ) − { ( − 2 k + 2 ) x − 2 k + 3 } = k ( x + 1 ) 2 , f ( x ) − { ( 2 k + 2 ) x − 2 k + 3 } = k ( x − 1 ) 2 . \begin{aligned}
f(x)-\{(-2k+2)x-2k+3\}\\
&=k(x+1)^2,\\[4pt]
f(x)-\{(2k+2)x-2k+3\}\\
&=k(x-1)^2.
\end{aligned} f ( x ) − {( − 2 k + 2 ) x − 2 k + 3 } f ( x ) − {( 2 k + 2 ) x − 2 k + 3 } = k ( x + 1 ) 2 , = k ( x − 1 ) 2 .
− 1 ≦ x ≦ 0 -1\leqq x\leqq0 − 1 ≦ x ≦ 0 では l l l 、0 ≦ x ≦ 1 0\leqq x\leqq1 0 ≦ x ≦ 1 では m m m が領域の下側の境界である。
したがって、求める面積 S 2 S_2 S 2 は
S 2 = ∫ − 1 0 k ( x + 1 ) 2 d x + ∫ 0 1 k ( x − 1 ) 2 d x = k 3 + k 3 = 2 3 k . \begin{aligned}
S_2&=\int_{-1}^{0}k(x+1)^2\,dx
+\int_0^1 k(x-1)^2\,dx\\
&=\frac{k}{3}+\frac{k}{3}
=\boxed{\frac23k}.
\end{aligned} S 2 = ∫ − 1 0 k ( x + 1 ) 2 d x + ∫ 0 1 k ( x − 1 ) 2 d x = 3 k + 3 k = 3 2 k .
ちは 0 0 0 、つては − 2 -2 − 2 、とは 3 3 3 、なは 2 2 2 、には 3 3 3 。
補足 三角形の面積を使った検算 接線の交点をTとすると、三角形TABは、(1)と(2)の二つの領域を合わせたものです。
直線ABは 2 x − y + 3 = 0 2x-y+3=0 2 x − y + 3 = 0 なので、T ( 0 , 3 − 2 k ) \mathrm{T}(0,3-2k) T ( 0 , 3 − 2 k ) から直線ABまでの距離は 2 k / 5 2k/\sqrt5 2 k / 5 。
また、A B = 2 5 \mathrm{AB}=2\sqrt5 AB = 2 5 より、
△ T A B = 1 2 ⋅ 2 5 ⋅ 2 k 5 = 2 k . \triangle\mathrm{TAB}
=\frac12\cdot2\sqrt5\cdot\frac{2k}{\sqrt5}=2k. △ TAB = 2 1 ⋅ 2 5 ⋅ 5 2 k = 2 k . 実際、S 1 + S 2 = 4 k / 3 + 2 k / 3 = 2 k S_1+S_2=4k/3+2k/3=2k S 1 + S 2 = 4 k /3 + 2 k /3 = 2 k となり、一致します。
問題データ